实物图画电路图分析串联电路只有条电流路径，并联有多条电流路径，根据实物电路图，应用分支法分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接情况，然后根据实物电路图作出实验电路图解答解由实物电路图可知，从电源正极出发，经过分为两条支路，路经开关，灯，另路经灯开关然后共同回到电源负极，由此可见，两灯泡并联，开关控制灯所在支路开关控制灯所在支路如图所示如图所示是探究影响导体电阻大小因素的实验电路，下表中给出了可供选择的几种导体，分别用四个字母代表问导体代号长度横截面积材料镍铬合金镍铬合金镍铬合金锰铜实验中，通过观察电流表的示数可以判断导体的电阻大小，小灯泡在电路中的主要作用是显示电路中导体电阻的大小，保护电路通过对和导体进行实验，可探究电阻的大小与长度的关系分别将和两导体接入电路进行实验，发现接入导体时，电流表的示数比接入导体时更大，说明导体的电阻与导体的横截面积有关若把两导体首尾相连后再接入电路两端，会发现电流表示数变得更小，说明两导体串联后的电阻值将变大选填变大变小或不变生活中，通常选择铜芯线铝芯线作为输电线，而不选择铁芯线，是因为导体的电阻还与导体的材料有关第页共页考点影响电阻大小的因素分析电流表串联在电路中，电源电压定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小小灯泡在电路中的主要作用是显示电路中导体电阻的大小，防止电路发生短路，保护电路影响导体电阻大小的因素导体的材料长度和横截面积，在研究电阻与其中个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与个量之间的关系，需要保持其它量不变串联电路的电阻关系串导线用铜作为内芯，是因为铜的导电性能好解答解实验中，通过观察电流表的示数可以判断导体的电阻的大小，运用了转换法小灯泡在电路中的主要作用电阻显示电路中导体电阻的大小，保护电路探究电阻的大小与长度的关系，运用控制变量法，要控制导体的材料和横截面积定，故选取导体进行实验选取导体进行实验时，导体的材料长度相同，横截面积不同，发现接入导体时，电流表的示数比接入导体时更大，故说明导体的电阻与导体的横截面积有关若把两导体首尾相连后再接入电路两端，两导体串联后的电阻值等于两导体的电阻之和，即电阻变大，电路中的电流变小，电流表示数变小通常选择铜芯线铝芯线作为输电线，而不选择铁芯线，主要应用其导电性好特性，因为导体的电阻还与导体的材料有关故答案为电阻显示电路中导•该电水壶正常工作时，烧开壶水需要，电水壶的加热效率是多少容量额定电压加热功率频率考点电功与热量的综合计算分析电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据求出通过的电流电水壶装满水后水的体积和自身的容积相等，根据求出水的质量，标准大气压下水的沸点是，根据吸求出水吸收的热量根据求出该电水壶正常工作消耗的电能，利用η求出电水壶的加热效率解答解由可得，电水壶正常工作电流将电水壶装满后，水的体积，由可得，水的质量，，在个标准大气压下水的沸点是，则水所需吸收热量吸•该电水壶正常工作消耗的电能电水壶的加热效率η，答电水壶正常工作电流是如果将电水壶装满后，把的水烧开，水吸收热量是电水壶的加热效率是第页共页年月日体电阻的大小，保护电路，横截面积变大材料如图，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验中两个透明容器中密闭着等量的空气，电阻产生热量的多少是通过形管中液面高度的变化来反映的，这种研究方法叫转化法图甲是探究电热跟电流的关系，通过右边容器中电阻的电流是通过左边容器中电阻电流的倍图乙中和两电阻串联，是为了控制电流和通电时间不变，探究电热跟电阻的关系考点控制变量法与探究性实验方案第页共页分析电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法电流产生的热量跟电流大小电阻大小通电时间有关探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变解答解电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法图甲装置中个的电阻与两个的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即右左，两个的电阻并联，根据并联电路的电流特点知右，可知，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，右左如图乙，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系故答案为液面高度的变化转换电流或电流通电时间电阻四应用计算注意解题步骤，尤其是必要的文字说明和单位共分家庭用电热水壶的工作电压为，工作电流为，用它将的水从加热到，效率约为已知水的比热容为•，求水吸收的热量电热水壶消耗的电能加热的时间考点电功与热量的综合计算分析知道水的体积，根据求出水的质量，又知道水初温末温以及比热容，根据吸求出水吸收的热量知道水吸收的热量和加热效率，根据η求出电热水壶消耗的电能知道消耗的电能和电热水壶的工作电压以及电流，根据求出加热时间解答解水的体积，由可得，水的质量水吸收的热量吸•，由η可得，电热水壶消耗的电能根据可得，加热的时间第页共页答水吸收的热量为电热水壶消耗的电能为加热的时间约为电水壶铭牌上的些数据如表格所示电水壶正常工作电流是多大结果保留为小数如果将电水壶装满后，把的水烧开，水吸收热量是多少标准大气压水电流的增大而减小当导体两端的电压为时，电流为考点欧姆定律的应用分析电阻是导体本身的种性质，与导体的材料长度横截面积，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关电压时形成电流的原因解答解由图象可知，当时，通过的电流，由可得，导体的电阻因电阻是导体本身的种性质，与与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压为时，导体的电阻仍为不变，故由于电压时形成电流的原因，所以当导体两端的电压为时，电流为，故正确故选在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向左滑动时电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗考点电路的动态分析滑动变阻器的使用分析由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电路根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据判断灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡亮暗的变化第页共页解答解由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器的滑片向左滑动时，接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小根据可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大根据可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大根据可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮故选如图所示电路，闭合开关后，灯泡发光，不发光，电压表有示数关于电路中的连接方式和不发光的原因，以下判断正确的是与串联，被断路与串联，的实际功率比额定功率小得多与并联，与灯座接触不良与并联，的灯丝断了考点电流表电压表在判断电路故障中的应用串联电路和并联电路的辨别分析灯泡与顺次连接，电压表测灯电压要解答此题需掌握电压表在电路中的作用，会根据电压表的示数来判断电路故障解答解由图可知，两个灯泡顺次连接，因此两灯串联，并且电压表测量两端电压，故由图知，与串联，若断路，则电路中无电流，也不亮，不符合题意，故因为灯泡发光，电压表有示数，因此未被短路，可能是的电阻太小，分担的电压较小，的实际功率比额定功率小得多，导致不发光，故正确故选如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑片向右滑动时，电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮灯泡的实际功率减小灯泡的实际功率增大考点电路的动态分析分析由图可知灯泡及滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端电压第页共页当滑片右移时，可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电路中电流的变化及灯泡两端的电压变化再根据可知灯泡实际功率的变化解答解当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，故由欧姆定律可得电路中对象，然后结合电流表的读数方法可得出相应电流的大小根据欧姆定律可计算电阻之比解答解读图可知，两灯泡并联，电流表测干路电流，电流表测灯泡的电流因此，选的是量程，分度值为，其示数为选的是量程，分度值为，其示数为根据并联电路的电流规律可得，灯泡的电流为，由欧姆定律得和的电阻之比为第页共页故答案为如图所示，已知电源电压为并保持不变，当滑动变阻器的滑片由端移到端，电流表的示数由变为，则灯泡的阻值是当滑至端时灯泡两端的电压是考点欧姆定律的应用分析由图知，当滑片在端时，变阻器的阻值为零，可根据电压和电流值由公式计算出灯泡的电阻当滑片至端时，根据电流和电阻值由公式计算出灯泡两端的电压值解答解当滑片在端时，变阻器的阻值为零，此时电路中的电流由得，灯泡的电阻值当滑至端时，电路中的电流为，灯泡两端的电压为故答案为电能表是测量消耗电能多少的仪表用户第月份末和第二月份末