有多项符合题目要求。

全部选对的得分，选对但不全的得分，有选错的得分。

宝鸡质检如图所示，图象是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图象，调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图象所示。

以下关于这两个正弦交流电的说法中正确的是导学号线圈先后两次转速之比为∶交流电的电压瞬时值交流电的最大值为在图中时刻穿过线圈的磁通量为零答案解析由图象可知根据，得由，得转速之比，∶∶，错图象的最大值为，交流电压的瞬时值，错根据，得，对的时刻感应电动势为零，故磁通量最大，错。

江苏单科远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原副线圈的匝数分别。

当电流时，压力传感器的电阻，对应表格中，这个人的质量为。

三论述计算题共小题，共分。

解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只线圈连接电阻和，这个人的体重是。

答案解析本题是传感器的应用问题，考查学生的实验与探究能力。

由图表知，踏板空载时，压力传感器电阻，此时中电流得，原线圈中电流为，故闭合时，两电阻总的电功率为总，故正确。

武汉新洲区高三期末检测如图所示，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副，故闭合时，相当于有两个副线圈，电压仍然与匝数成正比，但电流与匝数不再成反比，因是副线圈中心抽出的线头，两电阻两端电压均为，两副线圈中电流分别为和，所以由效值为，断开时，根据电压与匝数成正比知输出电压为，断开时，由欧姆定律知，副线圈中的电流为，根据电流与匝数成反比得，原线圈中电流为，故正确开关断开时，两电阻总的电功率为则导学号开关断开时，电流表的示数为开关闭合时，电流表的示数为开关闭合时，两电阻总的电功率为开关断开时，两电阻总的电功率为答案解析由电压公式知输入电压的有现点火的条件是，所以，选项正确。

临川二中高三月考如图所示，理想变压器原副线圈的匝数之比是，原线圈输入交变电压，是副线圈中心抽出的线头，。

以下判断正确的是导学号电压表的示数等于电压表的示数等于实现点火的条件是实现点火的条件是答案解析电压表的示数为有效值，等于，选项正确实器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在理想变压器的原线圈上，变压器原副线圈的匝数分别为。

为交流电压表。

当变压器副线圈电压的瞬时值大于时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体，线圈中的感应电流为零，选项正确当线圈平面转到跟中性面垂直的瞬间，穿过线圈的磁通量最小，磁通量变化率最大，感应电动势最大，感应电流最大，选项正确。

图甲为燃气炉点火装置的原理图。

转换面垂直的位置的瞬间，穿过线圈的磁通量最小当线圈平面转到跟中性面垂直的位置的瞬间，线圈中的感应电流最小答案解析当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势为零通过滑环和电刷保持与外电路的连接。

关于它的工作原理，下列分析正确的是导学号当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大当线圈平面转到中性面的瞬间，线圈中的感应电流最大当线圈平面转到跟中性，故，正确。

故本题应选。

广东名校质检如图所示为交流发电机示意图，线圈的边连在金属滑环上，边连在滑环上，导体制作的两个电刷分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以变，故设系统在水平面内以角速度转动时，弹簧伸长的长度为，则对元件，根据牛顿第二定律得，又输出电压，联立两式得，伸长量为输出电压与的函数式为答案解析系统在水平面内以角速度转动时，无论角速度增大还是减小，的总电阻不变，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流保持不势为内阻不计。

滑动变阻器总长也为，电阻分布均匀，装置静止时滑片在变阻器的最左端端，当系统以角速度转动时，则导学号电路中电流随角速度的增大而增大电路中电流随角速度的增大而减小弹簧的图所示。

当整个装置绕轴转动时，元件相对于转轴发生位移并通过滑动变阻器输出电压，电压传感器传感器内阻无限大接收相应的电压信号。

已知的质量为，弹簧的劲度系数为自然长度为，电源的电动势图所示。

当整个装置绕轴转动时，元件相对于转轴发生位移并通过滑动变阻器输出电压，电压传感器传感器内阻无限大接收相应的电压信号。

已知的质量为，弹簧的劲度系数为自然长度为，电源的电动势为内阻不计。

滑动变阻器总长也为，电阻分布均匀，装置静止时滑片在变阻器的最左端端，当系统以角速度转动时，则导学号电路中电流随角速度的增大而增大电路中电流随角速度的增大而减小弹簧的伸长量为输出电压与的函数式为答案解析系统在水平面内以角速度转动时，无论角速度增大还是减小，的总电阻不变，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流保持不变，故设系统在水平面内以角速度转动时，弹簧伸长的长度为，则对元件，根据牛顿第二定律得，又输出电压，联立两式得故，正确。

故本题应选。

广东名校质检如图所示为交流发电机示意图，线圈的边连在金属滑环上，边连在滑环上，导体制作的两个电刷分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。

关于它的工作原理，下列分析正确的是导学号当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大当线圈平面转到中性面的瞬间，线圈中的感应电流最大当线圈平面转到跟中性面垂直的位置的瞬间，穿过线圈的磁通量最小当线圈平面转到跟中性面垂直的位置的瞬间，线圈中的感应电流最小答案解析当线圈平面转到中性面的瞬间，穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势为零，线圈中的感应电流为零，选项正确当线圈平面转到跟中性面垂直的瞬间，穿过线圈的磁通量最小，磁通量变化率最大，感应电动势最大，感应电流最大，选项正确。

图甲为燃气炉点火装置的原理图。

转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在理想变压器的原线圈上，变压器原副线圈的匝数分别为。

为交流电压表。

当变压器副线圈电压的瞬时值大于时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体。

以下判断正确的是导学号电压表的示数等于电压表的示数等于实现点火的条件是实现点火的条件是答案解析电压表的示数为有效值，等于，选项正确实现点火的条件是，所以，选项正确。

临川二中高三月考如图所示，理想变压器原副线圈的匝数之比是，原线圈输入交变电压，是副线圈中心抽出的线头，则导学号开关断开时，电流表的示数为开关闭合时，电流表的示数为开关闭合时，两电阻总的电功率为开关断开时，两电阻总的电功率为答案解析由电压公式知输入电压的有效值为，断开时，根据电压与匝数成正比知输出电压为，断开时，由欧姆定律知，副线圈中的电流为，根据电流与匝数成反比得，原线圈中电流为，故正确开关断开时，两电阻总的电功率为，故闭合时，相当于有两个副线圈，电压仍然与匝数成正比，但电流与匝数不再成反比，因是副线圈中心抽出的线头，两电阻两端电压均为，两副线圈中电流分别为和，所以由得，原线圈中电流为，故闭合时，两电阻总的电功率为总，故正确。

武汉新洲区高三期末检测如图所示，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接电阻和，这个人的体重是。

答案解析本题是传感器的应用问题，考查学生的实验与探究能力。

由图表知，踏板空载时，压力传感器电阻，此时中电流。

当电流时，压力传感器的电阻，对应表格中，这个人的质量为。

三论述计算题共小题，共分。

解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位分东北师大附中如图所示，个半径为的半圆形线圈，以直径为轴匀速转动，转速为，的左侧有垂直纸面向里与垂直的匀强磁场，磁感应强度为。

和是两个集流环，负载电阻为，线圈电流表和连接导线的电阻不计。

求导学号感应电动势的最大值从图示位置起转过转的时间内负载电阻上产生的热量从图示位置起转过转的时间内通过负载电阻的电荷量电流表的示数。

答案解析线圈绕轴匀速转动时，在电路中产生如图所示的交变电流。

此交变电动势的最大值为在线圈从图示位置转过转的时间内，电动势的有效值为电阻上产生的热量在线圈从图示位置转过转的时间内，电动势的平均值为通过的电荷量设此交变电动势在个周期内的有效值为，由有效值定义，得，解得故电流表示数为分用如图所示的装置可以测量汽车在水平路面上做匀加速直线运动的加速度，该装置是在矩形箱子的前后壁上各安装个由力敏电阻组合成的压力传感器，用两根相同的轻弹簧夹着质量为的滑块，滑块可无摩擦滑动，两弹簧的另端分别压在传感器上，其压力大小可直接从传感器的液晶显示屏上读出。

现将装置沿运动方向固定在汽车上，传感器在前，传感器在后。

汽车静止时，传感器的示数均为。

取导学号若传感器的示数为，的示数为，求此时汽车的加速度大小和方向。

当汽车以怎样的加速度运动时，传感器的示数为零。

答案向右向左解析传感器上所显示出力的大小，即弹簧对传感器的压力，据牛顿第三定律知，此即为弹簧上的弹力大小，亦即该弹簧对滑块的弹力大小。

如右图所示，依题意左侧弹簧对滑块向右的推力，右侧弹簧对滑块的向左的推力。

滑块所受合力产生加速度，根据牛顿第二定律有，得。

与同方向，即向前向右。

传感器的读数恰为零，即左侧弹簧的弹力，因两弹簧相同，左弹簧伸长多少，右弹簧就缩短多少，所以右弹簧的弹力变为。

滑块所受合力产生加速度，由牛顿第二定律得合，得。

负号表示方向向后向左。

分图为理想变压器，为原线圈，为副线圈，为副线圈引出的个接头，原线圈输入正弦式交变电压的图象如图所示。

若只在间接只的电阻，或只在间接只的电阻，两种情况下电阻消耗的功率均为。

导学号请写出原线圈输入电压瞬时值的表达式求只在间接电阻时，原线圈中的电流求和间线圈的匝数比。

答案或解析由图知电压瞬时值。

电压有效值理想变压器原线圈中的电流解得或。

设间匝数为，则同理由题意知解得代入数据得。

分湖北华中师大座小型水电