位置不动，将向上滑动时，变大，则根据知副线圈输出功率变大，由知，变压器原线圈输入功率变大，而，输入电压定，变大，即电流表读数变大，选项正确，选项错误选择题题为单选，题为多选理想变压器原副线圈匝数比为∶，原线圈所接电压按图所示规律变化，电流表为理想交流电表，副线圈接有灯泡，此时灯泡消耗功率为，下列判断正确是副线圈两端输出电压为原线圈中电流表示数约为变压器输入输出功率之比为∶原线圈两端电压瞬时值表达式为解析没特别说明交流电都是指有效值，应为，错，由可得正确，理想变压器输入输出功率相等，错，由图象可知交流电最大值和周期，即可得原线圈两端电压瞬时值表达式为，错误在图示两电路中，当两端与两端分别加上交流电压时，测得间与输出电压频率为副线圈输出电压有效值为向右移动时，原副线圈电流比减小向右移动时，变压器输出功率增加解析由交变电压图象可知周期为，故，且变压器不能改变交变电流频率，故选项正确由于交变电压最大值为，故其有效值为，经变压器后，由可得，故选项错误向右移动时接入电路电阻变小，故负载电阻变小，电流变大，输出电压不变，故输出电功率变大，对原副线圈电流比不变，错答案变式如图所示，当滑动变阻器滑片逐渐向上移动时，接在理想变压器两端四个理想电表示数不变不变变大变大不变不变变小变小变大变大变小变小变小变小变大变大解析当滑动变阻器滑片逐渐向上移动时，滑动变阻器有效电阻变小，相当于负载增加，输出功率增加，则输入功率增加，而输入电压不变，则变大，两端电压变大，则变小由变压器公式，得变小，变大答案考点三远距离输电问题例村在距村庄较远地方修建了座小型水电站，发电机输出功率为，输出电压为，输电线总电阻为，允许线路损耗功率为输出功率求村民和村办小企业需要电压时，所用升压变压器和降压变压器原副线圈匝数比各为多少若不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办企业得到电压和功率各是多少审题指导关键词语获取信息隐含条件突破口发电机输出功率为，输出电压，输电线总电阻为，允许电路损耗功率为输出功率，可得由，可得小企业需要电压，由，可得若不用变压器而由发电机直接输送线路上电压线由用线可得用户得到电压由用，可得用户得到功率解析由线路损耗功率线线线可得线线线又因为输出线，所以输出线线线根据理想变压器规律,所以升压变压器和降压变压器原副线圈匝数比分别是∶和∶不用变压器而由发电机直接输送输出线，线线线线用户输出线用户线线用户得到电压是，功率是小结解决远距离输电问题时，先画图，标出及输电线电阻，般由上损失功率损，先求出，通过，把升压器和降压器联系起来了，再根据损，等列式求解变式如图为发电厂向远处用户输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂输出电压和输电线电阻均不变若输送功率增大，下列说法中正确有升压变压器输出电压增大降压变压器输出电压增大输电线上损耗功率增大输电线上损耗功率占总功率比例增大解析升压变压器输出电压只由输入电压决定，与输送功率无关，选项错误若输送功率增大，则输送电流增大，输电线上电压损失变大，输电线上功率损失变大，则降压变压器初级电压减小，次级输出电压减小，选项错误，正确输电线上消耗功率与总功率之比线总，因输送功率变大时，输送电流变大，故输电线上损耗功率占总功率比例增大，选项正确故选答案选择题题为单选，题为多选个正常工作理想变压器原副线圈中，下列哪个物理量不相等交变电流频率电流有效值电功率磁通量变化率解析理想变压器不会改变交流电频率，选项错误由，可知两线圈电流有效值不同，选项正确由能量守恒定律可知输入输出功率相同，选项错误理想变压器工作原理是互感现象，磁通量变化率相同，选项错误故选上图为理想变压器电路，原副线圈匝数比为∶，图中四个灯泡规格相同，若恰能正常发光，则正常发光比正常发光时暗些比正常发光时亮些条件不足，无法判断解析设灯泡额定电流为，则副线圈电流，根据电流与匝数比关系，原线圈电流为，即通过电流为，比额定电流小，比正常发光暗，对如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为∶，原线圈两端接入正弦交流电源，副线圈电路中为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表下列结论正确是若电压表读数为，则输入电压最大值为若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来倍，则电流表读数增加到原来倍若输入电压不变，负载电阻阻值增加到原来倍，则输入功率也增加到原来倍若只将输入电压增加到原来倍，则输出功率增加到原来倍解析若电压表读数为，则输入电压最大值为，错误若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来倍，则输出电压也增加到原来倍，电流表示数应增加到原来倍，正确若输入电压不变，负载电阻阻值增加到原来倍，则输出电流减小到原来半，输入功率等于输出功率，也减小到原来半，错若只将输入电压增加到原来倍，输出电压也增大到原来倍，则由可知输出功率增加到原来倍，错误如图所示，理想变压器原线圈连接只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头来调节，在副线圈两端连接了定值电阻和滑动变阻器，为滑动变阻器滑动触头在原线圈上加电压为正弦交流电，则保持位置不动，将向上滑动时，电流表读数变大保持位置不动，将向上滑动时，电流表读数变小保持位置不动，将向上滑动时，电流表读数变大保持位置不动，将向上滑动时，电流表读数变小解析保持位置不动，则不变，将向上滑动时，接入电路电阻变大，根据知，变小，由得也变小，即电流表读数变小，选项错误，选项正确保持位置不动，将向上滑动时，变大，则根据知副线圈输出功率变大，由知，变压器原线圈输入功率变大，而，输入电压定，变大，即电流表读数变大，选项正确，选项错误选择题题为单选，题为多选理想变压器原副线圈匝数比为∶，原线圈所接电压按图所示规律变化，电流表为理想交流电表，副线圈接有灯泡，此时灯泡消耗功率为，下列判断正确是副线圈两端输出电压为原线圈中电流表示数约为变压器输入输出功率之比为∶原线圈两端电压瞬时值表达式为解析没特别说明交流电都是指有效值，应为，错，由可得正确，理想变压器输入输出功率相等，错，由图象可知交流电最大值和周期，即可得原线圈两端电压瞬时值表达式为，错误在图示两电路中，当两端与两端分别加上交流电压时，测得间与两端电压与两端电压相同，也为故选如图所示，是高压输电线，图中两电表示数分别是和已知甲图中原副线圈匝数比为∶，乙图中原副线圈匝数比为∶，则甲图中电表是电压表，输电电压为甲图中电表是电流表，输电电流是乙图中电表是电压表，输电电压为乙图中电表是电流表，输电电流是解析由于甲电表所连接互感器是并联在电路中，故甲是电压表，乙电表所连接互感器是串联在电路中，故乙是电流表，是不对由于甲示数是，根据原副线圈匝数比∶可计算得出输电电压是，故是不对由于乙示数是，根据原副线圈匝数比∶可计算得出输电电流是，故是正确台理想变压器原副线圈匝数比是∶，原线圈接入电压为正弦交流电，各元件正常工作，只理想二极管和个滑动变阻器串联接在副线圈上，如图所示，电压表和电流表均为理想交流电表则下列说法正确是原副线圈中电流之比为∶电压表读数约为若滑动变阻器接入电路阻值为，则分钟内产生热量为若将滑动变阻器滑片向下滑动，则两电表读数均增大解析原副线圈电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为，但二极管具有单向导电性，根据有效值定义有，从而求得电压表两端电压有效值为，选项错误则内产生热量为，选项正确设原副线圈中电流有效值分别为则有选项错误将滑动变阻器滑片向下滑动，接入电路中阻值变大，但对原副线圈两端电压无影响，即电压表读数不变，电流表读数变小，所以错误如图所示，为理想变压器，副线圈回路中输电线和电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，当开关闭合时交流电压表示数变小交流电压表和示数定都变小交流电流表示数定都变大只有示数变大解析闭合时，副线圈总电阻减小，原副线圈两端电压不变，示数不变，示数增大，示数也增大，并联部分所分电压减小，故示数减小，综上所述，只有对理想调压变压器原线圈匝数为匝，副线圈匝数为匝，原线圈输入电压变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，为滑动变阻器滑片则副线圈输出电压频率为副线圈输出电压有效值为不动，向上移动时，变压器原副线圈电流都减小下移，向上移动时，变压器输入功率增加解析原线圈输入电压频率与副线圈输出电压频率相等，均为，选项错误原线圈电压有效值为，则副线圈输出电压有效值为，选项错误不动，向上移动时，副线圈电路中电阻增大，故副线圈电流减小，由可知变压器原线圈电流减小，选项正确，根据可知下移，变压器输出电压减小，输出功率减小，变压器输入功率减小，错误如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为∶电池和交变电源电动势都为，内阻均不计，下列说法正确是与接通瞬间，中无感应电流与接通稳定后，两端电压为与接通稳定后，两端电压为与接通稳定后，原副线圈中电流频率之比为∶解析在与接通瞬间，由于电流由零突然变大，所以线圈中磁通量会发生变化，副线圈中会有感应电流，所以错误在与接通稳定后，电路中电流稳定，磁通量不会发生变化，所以副线圈中不会有感应电动势产生，电阻两端电压为，所以正确在与接通稳定后，由于是交流电源，根据电压与匝数成正比可知，副线圈电压为，所以正确变压器不会改变交流电源频率，所以原副线圈中电流频率是相同，所以错误在雨雪冰冻天，为清除高压输电线上凝冰，有人设计了这样融冰思路利用电流热效应除冰若在正常供电时，高压线上送电电压为，电流为，热损耗功率为除冰时，输电线上热耗功率需变为，则除冰时认为输电功率和输电线电阻不变输电电流为输电电流为输电电压为输电电压为解析因输电线上热耗功率需变为，则根据可知，输电电流变为原来倍，正确根据可知输电电压为，故选项正确如图所示为理想变压器，原副线圈匝数比比值为原线圈接电压为正弦交流电，输出端接有个理想交流电流表和个电动机，电动机线圈电阻为当输入端接通电源后，电动机带动质量为重物匀速上升，此时电流表示数为，重力加速度为，下列说法正确是电动机两端电压大于原线圈中电流为电动机发热功率为重物匀速上升速度为解析根据变压器变压变流规律，原线圈中电流为，副线圈两端电压为，电动机两端电压大于，正确电动机发热功率，小于副线圈总功率，错误根据能量守恒定律有，得，正确二计算题发电站通过升压变压器输电导线和降压变压器把电能输送到用户升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器，输电全过程线路图如图所示，求若发电机输出功率是，输出电压是，升压变压器原副线圈匝数比为∶，求升压变压器输出电压和输电导线中电流若输电导线中电功率损失为输入功率，求输电导线总电阻解析对升压变压器，根据公式，有损线，损，所以线输出电压频率为副线圈输出电压有效值为向右移动时，原副线圈电流比减小向右移动时，变压器输出功率增加解析由交变电压图象可知周期为，故，且变压器不能改变交变电流频率，故选项正确由于交变电压最大值为，故其有效值为，经变压器后，由可得，故选项错误向右移动时接入电路电阻变小，故负载电阻变小，电流变大，输出电压不变，故输