TOP44内蒙古自治区鄂尔多斯市准格尔旗世纪中学2015-2016学年高二物理下学期第一次月考试题.doc文档免费在线阅读

的初速度向右运动，与碰撞后以速度弹回求运动过程中的最大速度大小运动过程中的最大速度大小分析与碰后的瞬间，的速度最大，以为系统，运用动量守恒定律求出运动过程中的最大速率碰撞后在上滑行段距离后与保持相对静止，两者速度相同，此时的速度最大，对系统研究，运用动量守恒定律求出共同速度的大小解答解与碰后瞬间，的运动状态未变，速度最大以组成的系统为研究对象，碰撞过程系统动量守恒，以的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得，代入数据得碰撞后，与相互作用使减速加速，由于板足够长，所以和能达到相同速度，二者共速后，速度最大，以作用是使大电流变成小电流，然后利用变压器工作原理即可确定接哪端解答解电流互感器的作用是使大电流变成小电流，所以利用变压器工作原理电流与匝数成反比，所以输入端接，输出端表能正常工作，则接接，接接，接接，接接，分析电流互感器的确故选普通的交流电源表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器侧线圈的匝数较少，工作时电流为，侧线圈的匝数较多，工作时电流为，为了使电流流解答解因变压器输出电压调至最大，故副线圈为匝，由变压器两端的电压与匝数成正比，即，故副线圈的电压有效值为因变压器为理想变压器，故其输入功率等于输出功率，即，由得，正变压器是理想的，则和分别约为和和和和分析变压器输出电压调至最大，故副线圈为匝，由变压器两端的电压与匝数成正比，可得副线圈的电压有效值，由输入功率等于输出功率，可得电电路如图所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为匝原线圈为匝，接在有效值为的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载上的功率为设此时原线圈中电流有效值为，负载两端电压的有效值为，且理想变压器的变压比公式，输出电压变大，故电流变大，功率变大，故输入电流也变大，故电流表读数变大，故故选自耦变压器铁芯上只绕有个线圈，原副线圈都只取该线圈的部分，升压式自耦调压变压器的为，故交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式，当位置不动，增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值当位置向上移动不变时，根据计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，故正确矩形线圈从图示位置经过时间时，转过的角度为，磁通量直增加，电流方向没有改变，故通过电流表的电荷量为≠其中动不变时，电流表读数减小分析正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为电压表和电流表读数为有效值计算电量用平均值解答解从垂直于中性面时开始阻，下列判断正确的是矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为矩形线圈从图示位置经过时间时，通过电流表的电荷量为当位置不动，增大时，电压表读数也增大当位置向上移面积为，匝数为内阻不计，绕轴在水平方向的磁感应强度为的匀强磁场中以角速度做匀速转动，从图示位置开始计时矩形线圈通过滑环接理想变压器，滑动触头上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电，故电压表的示数为电路的有效电压的大小，根据电压与匝数成正比，可知故，的读数为，故，故正确故选如图所示，有矩形线圈的的读数为变压器输入功率为分析根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答解端电压电流频率为单选题每题只有个正确选项，每题分如图，理想变压器原副线圈匝数比，和均为理想电表，灯光电阻，端电压下列说法正确的是电流频率为的读数为平抛时间学年内蒙古鄂尔多斯市准格尔旗世纪中学高二下第次月考物理试卷参考答案与试题解析，求小滑块刚滑到点时的速度大小之间的距离。

高二物理月考答案刻度尺天平重垂线复写纸白纸两球的质量和两球做平抛运动的水平位移，求小滑块刚滑到点时的速度大小之间的距离。

高二物理月考答案刻度尺天平重垂线复写纸白纸两球的质量和两球做平抛运动的水平位移平抛时间学年内蒙古鄂尔多斯市准格尔旗世纪中学高二下第次月考物理试卷参考答案与试题解析单选题每题只有个正确选项，每题分如图，理想变压器原副线圈匝数比，和均为理想电表，灯光电阻，端电压下列说法正确的是电流频率为的读数为的读数为变压器输入功率为分析根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答解端电压电流频率为，故电压表的示数为电路的有效电压的大小，根据电压与匝数成正比，可知故，的读数为，故，故正确故选如图所示，有矩形线圈的面积为，匝数为内阻不计，绕轴在水平方向的磁感应强度为的匀强磁场中以角速度做匀速转动，从图示位置开始计时矩形线圈通过滑环接理想变压器，滑动触头上下移动时可改变输出电压，副线圈接有可调电阻，下列判断正确的是矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为矩形线圈从图示位置经过时间时，通过电流表的电荷量为当位置不动，增大时，电压表读数也增大当位置向上移动不变时，电流表读数减小分析正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为电压表和电流表读数为有效值计算电量用平均值解答解从垂直于中性面时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，故正确矩形线圈从图示位置经过时间时，转过的角度为，磁通量直增加，电流方向没有改变，故通过电流表的电荷量为≠其中为，故交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式，当位置不动，增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值当位置向上移动不变时，根据理想变压器的变压比公式，输出电压变大，故电流变大，功率变大，故输入电流也变大，故电流表读数变大，故故选自耦变压器铁芯上只绕有个线圈，原副线圈都只取该线圈的部分，升压式自耦调压变压器的电路如图所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为匝原线圈为匝，接在有效值为的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载上的功率为设此时原线圈中电流有效值为，负载两端电压的有效值为，且变压器是理想的，则和分别约为和和和和分析变压器输出电压调至最大，故副线圈为匝，由变压器两端的电压与匝数成正比，可得副线圈的电压有效值，由输入功率等于输出功率，可得电流解答解因变压器输出电压调至最大，故副线圈为匝，由变压器两端的电压与匝数成正比，即，故副线圈的电压有效值为因变压器为理想变压器，故其输入功率等于输出功率，即，由得，正确故选普通的交流电源表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器侧线圈的匝数较少，工作时电流为，侧线圈的匝数较多，工作时电流为，为了使电流表能正常工作，则接接，接接，接接，接接，分析电流互感器的作用是使大电流变成小电流，然后利用变压器工作原理即可确定接哪端解答解电流互感器的作用是使大电流变成小电流，所以利用变压器工作原理电流与匝数成反比，所以输入端接，输出端接故选质量的小船静止在平静水面上，船两端载着甲，乙的游泳者，在同水平线上甲向左乙向右同时以相对于岸的速度跃入水中，如图所示，则小船的运动速率和方向为，向左，向左，向右，向右分析以甲乙两人和船组成的系统为研究对象，根据动量守恒定律求解两人跃入水中后小船的速度大小和方向解答解甲乙和船组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，开始时总动量为零，根据动量守恒定律有甲甲乙乙，解得，代入数据解得，负号说明小船的速度方向向左，故选项正确故选如图所示的交流电路中，如果电源电动势的最大值不变，率关系求解解答解由图可知，交流电的最大电压，周期，根据得，所以交变电流的方向每个周期改变次，是个周期，所以在内，交变电流的方向改变次，所以正确根据最大值与有效值以及周期与频率关系有有效值为，所以电流有效值为，所以正确小型交流发电机的输出功率为，所以故选图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是电流表的示数为线圈转动的角速度为时线圈平面与磁场方向垂直时电阻中电流的方向自右向左分析由题图乙可知交流电电流的最大值周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出时流过电阻的电流方向解答解由题图乙可知交流电电流的最大值是，周期，由于电流表的示数为有效值，故示数，故正确角速度，故时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为，故线圈平面与磁场方向平行，故由楞次定律可判断出时流过电阻的电流方向自左向右，故故选如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片处于图示位置时，灯泡能发光要使灯泡变亮，可以采取的方法有向下滑动增大交流电源的电压增大交流电源的频率减小电容器的电容分析要使灯泡变亮，应使副线圈两端电压增大向下滑动，副线圈匝数减少，电压减小，增大交流电源的电压，副线圈两端电压也增大，增大交流电源的频率通过电容器的电流更大解答解向下滑动，副线圈匝数减少，电压减小，故增大交流电源的电压，副线圈两端电压也增大，故正确增大交流电源的频率减小了容抗，通过电容器的电流更大，故正确减小电容器的电容，增大了容抗，通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，故故选三填空题题分题分同学把两块大小不同的木块用细线连接，中间夹被压缩了的弹簧，如图所示将这系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒该同学还必须有的器材是刻度尺天平需要直接测量的数据是两物体的质量，和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离用所得数据验证动量守恒的关系式是分析烧断细线后，两球离开桌