【57页】【步步高】2017高考英语一轮复习Unit2Poems课件新人教版选修6.ppt文档原创精品

⊥平面四面体的四个面中面的面积最大，三角形是边长为的等边三角形，即可求出四面体的四个面中面积最大的面积解答解由三视图知该几何体为棱锥，其中⊥平面四面体的四个面中面的面积最大，三角形是边长为的等边三角形，所以此四面体的四个面中面积最大的为故选点评本题考查三视图，考查面积的计算，确定三视图对应直观图的形状是关键设，满足条件，若目标函数，的最大值为，则的最小值为考点基本不等式在最值问题中的应用简单线性规划的应用基本不等式专题数形结合不等式的解法及应用分析先根据条件画出可行域，设，再利用几何意义求最值，将最大值转化为轴上的截距，只需求出直线，过可行域内的点对称，要求的最小值，只要求出函数上的点，到直线的距离为，设，求出，即可得出结论解答解函数与函数互为反函数，图象关于对称函数上的点，到直线的距离为设，则由可得，由可得函数在，单调递减，在，单调递增当时，函数，由图象关于对称得最小值为故答案为点评本题主要考查了点到直线的距离公式的应用，注意本题解法中的转化思想的应用，根据互为反函数的对称性把所求的点点距离转化为点线距离，构造很好三解答题解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤如图所示，在四边形中且求的面积若，求的长考点解三角形专题综合题解三角形分析利用已知条件求出角的正弦函数值，然后求的面积利用余弦定理求出，通过，利用正弦定理求解的长解答解因为所以因为所以因为所以的面积在中，••所以因为所以所以点评本题考查余弦定理以及正弦定理的应用，基本知识的考查商场号电梯从层出发后可以在层停靠已知该电梯在层载有位乘客，假设每位乘客在层下电梯是等可能的Ⅰ求这位乘客中至少有名乘客在第层下电梯的概率Ⅱ用表示名乘客在第层下电梯的人数，求的分布列和数学期望考点相互事件的概率乘法公式离散型随机变量及其分布列离散型随机变量的期望与方差专题计算题分析根据题意知每位乘客在第层下电梯的概率都是，至少有名乘客在第层下电梯的对立事件是没有人在第二层下电梯，根据对立事件和相互事件的概率公式得到结果由题意知的可能取值为，由题意可得每个人在第层下电梯的概率均为，且每个人下电梯互不影响，得到变量符合二项分布，根据二项分布的公式写出分布列和期望解答解Ⅰ设位乘客中至少有名乘客在第层下电梯的事件为，由题意可得每位乘客在第层下电梯的概率都是，则Ⅱ的可能取值为，由题意可得每个人在第层下电梯的概率均为，且每个人下电梯互不影响，所以，点评本题看出离散型随机变量的分布列和期望，本题解题的关键是看出变量符合二项分布的特点，后面用公式就使得运算更加简单如图，已知四棱锥中，底面为菱形，⊥平面，分别是，的中点证明⊥平面取，若为上的动点，与平面所成最大角的正切值为，求二面角的余弦值考点与二面角有关的立体几何综合题直线与平面垂直的判定专题空间角分析由已知条件推导出为正三角形，从而得到⊥，⊥，再由⊥平面，得到⊥，由此能证明⊥平面法为上任意点，连接则为与平面所成的角，当最短时，即当⊥时，最大，由此能求出二面角的余弦值法二由知两两垂直，以为坐键已知向量，与上的点到直线的距离等于的点至少有个，所以圆心到直线的距离，即，解得故选点评本题主要考查直线和圆的位置关系，点到直线的距离公式，绝对值不等式的解法，属于基础题甲乙等法直线与圆分析由题意可得圆心，到直线的距离满足，根据点到直线的距离础题已知圆上到直线的距离等于的点至少有个，则的取值范围为，，，考点直线与圆的位置关系专题计算题转化思想综合则的值为考点同角三角函数基本关系的运用专题三角函数的求值分析由题意可得可得再根据，计算求得结果解答解由可得，故选点评本题主要考查同角三角函数的基本关系，正弦函数余弦函数的定义域和值域，属于基础题已知圆上到直线的距离等于的点至少有个，则的取值范围为，，，考点直线与圆的位置关系专题计算题转化思想综合法直线与圆分析由题意可得圆心，到直线的距离满足，根据点到直线的距离公式求出，再解绝对值不等式求得实数的取值范围解答解由圆的方程可知圆心为半径为因为圆上的点到直线的距离等于的点至少有个，所以圆心到直线的距离，即，解得故选点评本题主要考查直线和圆的位置关系，点到直线的距离公式，绝对值不等式的解法，属于基础题甲乙等人在月号参加了纪念抗日战争胜利周年阅兵庆典后，在天安门广场排成排拍照留念，甲和乙必须相邻的排法有种考点计数原理的应用专题应用题方程思想综合法排列组合分析甲乙两人必须相邻，利用捆绑法与其余人全排即可解答解由题意，利用捆绑法，甲乙两人必须相邻的方法数为•种故选点评本题主要考查排列与组合及两个基本原理，正确运用捆绑法是关键已知向量，与向量，共线，其中是的内角，则角的大小为考点平面向量共线平行的坐标表示三角函数中的恒等变换应用专题转化思想向量法平面向量及应用分析由，可得，化为，由于即可得出解答解，化为，解得故选点评本题考查了向量共线定理和差化积倍角公式三角函数求值，考查了推理能力与计算能力，属于中档题程序框图如图所示该程序运行后输出的的值是考点程序框图专题计算题转化思想定义法算法和程序框图分析模拟程序框图的运行过程，得出该程序运行后输出的算式是求数列的和，且数列的每项的和是定值，由此求出的值解答解模拟程序框图的运行过程，得出该程序运行后输出的算式所以该程序运行后输出的值是故选点评本题考查了程序框图的应用问题，解题的关键是模拟程序运行的过程，得出程序运行后输出的算式的特征，是基础题目若双曲线，与直线无交点，则离心率的取值范围是考点双曲线的简单性质专题计算题转化思想综合法圆锥曲线的定义性质与方程分析由题意可得由此能求出离心率的取值范围解答解双曲线，与直线无交点，由题意可得，又，离心率的取值范围是，故选点评本题考查双曲线的离心率的取值范围的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意双曲线的性质的合理运用四面体的三视图如图所示，正视图俯视图都是腰长为的等腰直角三角形，侧视图是边长为的正方形，则此四面体的四个面中面积最大的为考点简单空间图形的三视图专题计算题空间位置关系与距离分析由三视图知该几何体为棱锥，其中标原层次的规划学校，应考虑规模效益，班级数适当放大。

本次规划在倡导集中力量办学，扩大办效益，不断提高初中的教育质量办学效益和整体办学水平，创造全面推进素质教育良好环境，以满足人民群众对初中高质量教育日益增长的需求，适应我县经济可持续发展的需要。

学校的办学规模，提高办学效益。

象山县中小学布局调整规划根据象山县中小学布局调整规划，各乡镇初中布局调整目标为通过调整，减少初中数量，扩大初中规模，消除薄弱初中，创建批示范性初中。

进步优化教育结构和教育资源配置，走内涵发展的道路，发挥规模效益，不断提高初中的教育质量办学效益和整体办学水平，创造全面推进素质教育良好环境，以满足人民群众对初中高质量教育日益增长的需求，适应我县经济可持续发展的需要。

本次规划在倡导集中力量办学，扩大办学规模的前提下，确定初中规模为班以上高中职高规模为班以上。

对于第二三层次的规划学校，应考虑规模效益，班级数适当放大。

小学中学包括初中高中职高每班人，般按人计。

项目建设的必要性扩大办学规模解决用地不足的需要滨海学校现有学生人，办学规模个班级，其中小学班已停止招生，现有学生委托实验小学给予教育，初中班，普高班，幼儿教育班。

学校总占地面积平方米，建筑面积平方米。

根据象山县中小学布局调整规划，滨海学校的规划办学规模为初中班，高中班。

由于学校现有用地过少，难以达到班规划的用地标准。

初中部的迁址扩建将会缓解学校用地不足的状况。

现有的初中部资源划与高中部，将解决高中部建设班办学规模的用地需求。

迁址建设的初中部在办学规模和办学条件上也将获得足够的发展余地。

改善教学设施优化教学环境的需要滨海学校现有教育设施已不能满足学校发展需要。

教育辅助用房不足，整个学校只有幢实验楼，满足不了新课改的需求。

师生生活用房欠缺且条件落后，学生食堂条件差，不符合省政府提供的住宿改造工程要求。

体育场狭小，篮排球场不足，达不到班配置个的要求，运动场非标准，不能满足学生的运动需求。

初中部的迁址扩建后留下的资源可供高中部教育设施的改造之用，解决高中部教育资源短缺的问题。

新建的初中部将会配备良好的教学设施，与原有初中部相比，在教学环境将会有很大的提高。

弥补教育资源不足缓解招生压力的需要十五期间，城区的基础教育设施布局调整工作取得定成效。

通过调整，校均规模不断扩大，办学效益有所提高，办学条件有所改善，初步显示出布局结构调整所产生的经济效益和社会效益。

但是随着城市化水平的不断提高，城市人口规模的不断增大，人民生活水平不断提高，人民群众对于接受教育的需求也越来越高。

从城区的中小学数量来分析，教育资源总量不能满足人民群众接受教育的需求，主城区很多学校在超负荷运转，从现状资料中城区现状初中班级平均每班人，高于标准班级规模。

现有的实验小学南首的所规划初中用地让给滨海学校用于扩建初中部。

其办学规模确定为班，班继续由滨海学校用来招收民办初中，面向全县招生。

另外班，用来招收该规划学区的初中生源，以公办方式招生，弥补城区初中教育资源严重不足的情况，缓解⊥平面四面体的四个面中面的面积最大，三角形是边长为的等边三角形，即可求出四面体的四个面中面积最大的面积解答解由三视图知该几何体为棱锥，其中⊥平面四面体的四个面中面的面积最大，三角形是边长为的等边三角形，所以此四面体的四个面中面积最大的为故选点评本题考查三视图，考查面积的计算，确定三视图对应直观图的形状是关键设，满足条件，若目标函数，的最大值为，则的最小值为考点基本不等式在最值问题中的应用简单线性规划的应用基本不等式专题数形结合不等式的解法及应用分析先根据条件画出可行域，设，再利用几何意义求最值，将最大值转化为轴上的截距，只需求出直线，过可行域内的点对称，要求的最小值，只要求出函数上的点，到直线的距离为，设，求出，即可得出结论解答解函数与函数互为反函数，图象关于对称函数上的点，到直线的距离为设，则由可得，由可得函数在，单调递减，在，单调递增当时，函数，由图象关于对称得最小值为故答案为点评本题主要考查了点到直线的距离公式的应用，注意本题解法中的转化思想的应用，根据互为反函数的对称性把所求的点点距离转化为点线距离，构造很好三解答题解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤如图所示，在四边形中且求的面积若，求的长考点解三角形专题综合题解三角形分析利用已知条件求出角的正弦函数值，然后求的面积利用余弦定理求出，通过，利用正弦定理求解的长解答解因为所以因为所以因为所以的面积在中，••所以因为所以所以点评本题考查余弦定理以及正弦定理的应用，基本知识的考查商场号电梯从层出发后可以在层停靠已知该电梯在层载有位乘客，假设每位乘客在层下电梯是等可能的Ⅰ求这位乘客中至少有名乘客在第层下电梯的概率Ⅱ用表示名乘客在第层下电梯的人数，求的分布列和数学期望考点相互事件的概率乘法公式离散型随机变量及其分布列离散型随机变量的期望与方差专题计算题分析根据题意知每位乘客在第层下电梯的概率都是，至少有名乘客在第层下电梯的对立事件是没有人在第二层下电梯，根据对立事件和相互事件的概率公式得到结果由题意知的可能取值为，由题意可得每个人在第层下电梯的概率均为，且每个人下电梯互不影响，得到变量符合二项分布，根据二项分布的公式写出分布列和期望解答解Ⅰ设位乘客中至少有名乘客在第层下电梯的事件为，由题意可得每位乘客在第层下电梯的概率都是，则Ⅱ的可能取值为，由题意可得每个人在第层下电梯的概率均为，且每个人下电梯互不影响，所以，点评本题看出离散型随机变量的分布列和期望，本题解题的关键是看出变量符合二项分布的特点，后面用公式就使得运算更加简单如图，已知四棱锥中，底面为菱形，⊥平面，分别是，的中点证明⊥平面取，若为上的动点，与平面所成最大角的正切值为，求二面角的余弦值考点与二面角有关的立体几何综合题直线与平面垂直的判定专题空间角分析由已知条件推导出为正三角形，从而得到⊥，⊥，再由⊥平面，得到⊥，由此能证明⊥平面法为上任意点，连接则为与平面所成的角，当最短时，即当⊥时，最大，由此能求出二面角的余弦值法二由知两两垂直，以为坐