特征多项式为若第格的特征写出所有正确说法的序号方程是倍根方程若是倍根方程，则若点，在反比例函数的图像上，则关于的方程是倍根方程④周角定理解直角三角形新定义综合题成都如果关于的元二次方程有两个实数根，的直径如图，中以为边向形外作菱形，点是菱形对角线的交点，连接若，则菱形的面积为答案考点菱形的性质圆，如，考点二次函数图象与几何变换新定义综合题压轴题营口定义只交点分别为如果点与点，点与点都关于原点成中心对称，则称抛物线和为姐妹抛物线，请你写出对姐妹抛物线和，使四边形恰好是矩形，你所写的对抛物线解析式是和答案答案遇甲乙行的路程和为，甲行的路程为，乙行的路程为，在边相遇第五次相遇甲乙行的路程和为，甲行的路程为，乙行的路程为，在边相遇„因为，所以它们第次相遇在边上故答案为考点元次方程的应用动点型柳州如图，在四边形中，∥，点从点出发以的速度沿运动，点从点出发的同时点从点出发，以的速度向点运动，当点到达点时，点也停止运动设点，运动的时间为秒从运动开始，当取何值时，∥从运动开始，当，当⊥，是直角三角形则此时运动到了处当从运动开始，当取何值时，∥从运动开始，当取何值时，为直角三角形答案或过点，作⊥于，⊥，程为，乙行的路程为，在边相遇„因为，所以它们第次相遇在边上故答案为考点元次方程的应用动点型柳州如图，在四边形中，∥，甲行的路程为，乙行的路程为，在边相遇④第四次相遇甲乙行的路程和为，甲，甲乙两动点分别从正方形的顶点同时沿正方形的边开始移动，甲点依顺时针方向环行，乙点依逆时针方向环行若甲的速度是乙的速度的倍，则它们第次相遇在边上答案第三次相遇甲乙行的路程和为含度角的直角三角形直角三角形斜边上的中线分类讨论动点型综合题压轴题。为直角三角形时，的长为答案或或图中，又，是等边三角形，故答案为或或考点勾股定答案解析但是他给作者留下了深刻的印象。前后两分句之间是转折关系，故选。答案解析根据空后的可知，他给了作者鼓舞，作者重新开始写作。答案解析心中想，符合语境。答案云南师范大学适应性考试树形仙人掌，心中想，符合语境。答案云南师范大学适应性考试可知，他给了作者鼓舞，作者重新开始写作。前后两分句之间是转折关系，故选。答案解析根据空后的答案解析但是他给作者留可知，作者的这位朋友去世了。去世。旋转至图位置，再绕右下角的顶点继续向右旋转至图位置，„，以此类推，这样连续旋转次后，顶点在整个旋转过程中所经过的路程之和是答案解析试题分析转动次的路线长是，转动第二次的路线长是，转动第三次的路线长是，转动第四次的路线长是，转动五次的路线长是，以此类推，每四次循环，故顶点转动四次经过的路线长为余，顶点转动四次经过的路线长为故选考点旋转的性质弧长的计算规律型威海如图，正六边形的边长为，正六边形的外接圆答案考点正多边形和圆规律型综合题日照观察下列各式及其展开式，正六边形的边长为，正六边形的外接圆与正六边形的各边相切，正六边形的外接圆与正六边形的各边相切，„按这样的规律进行下去，的边长为个旋转过程中所经过的路程之和是答案解析试题分析转动次的路线长是，转动第二次的路线长是，转动第三次的路线长是，转动第四次的路线长是，转类综合题邵阳如图，在矩形中，已知矩形在直线上绕其右下角的顶点向右旋压轴题张家界任意大于的正整数的三次幂均可分裂成个连续奇数的和，如，，，„按此规律，若分裂后其中有个奇数是，则的值是答案考点规律型数字的变化右运动，运动时间为秒时，点的坐标为当点从原点出发，沿这条曲线向右运动，运动时间为秒时，坐标为当点从原点出发，沿这条曲线向右运动，运动时间为秒时，点的坐标为当点从原点出发，沿这条曲线向右运动，运动时间为秒时，点的坐标为当点从原点出发，沿这条曲线，当时，综上，在直线上，是否存在点，使，点的坐标为，或，考点二次函数综合题动点型存在型旋转的性质分类讨论综合题压轴题齐齐哈尔如图，在平面直角坐标系中，已知的两直角边分别在轴的负半轴和轴的正半轴上，且的长满足，的平分线交轴于点过点作的垂线，垂足为点，交轴于点求线段的长求直线的解析式若是射线上的个动点，在坐标平面内是否存在点，使以为顶点的四边形是矩形若存在，请角中，在和中，为顶点的四边形是矩形若存在，请直接写出点的坐标若不存在，请说明理由答案存在或，试题解析，在直函数综合题动点型存在型旋转的性质分类讨论综合题压轴题齐齐哈尔如图，在平面直角坐标系中，已知的两直角边分别在轴的负半轴和轴的正半轴上，且的长满足为解得，直线的解析式为，当时直线的解析式为，设直线的解析式为，，解得，直线的解析式为，当时，设直线的解析式如图，连接过点作∥，交直线于四点共圆在中，