【14页】河南省三门峡市陕州中学2016届高三下学期尖子生专题训练（五）物理试题.doc格式

等量正负点电荷分别放置在两点时，在圆心产生的电场强度大小为。

现仅将放于点的正点电荷改放于其他等分点上，使点的电场强度改变，则下列判断正确的是移至点时，点的电场强度大小仍为，沿方向移至点时，点的电场强度大小为，沿方向移至点时，点的电场强度大小为，沿方向移至点时，点的电场强度大小为，沿方向用绝缘细线悬挂个质量为带电荷量为的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为的匀强磁场中由于磁场运动，小球静止在如图所示位置，这时悬线与竖直方向夹角为，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向可能是，水平向右，水平向左，竖直向上，竖直向下如图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器。

升压变压器的原副线圈匝数之比为∶∶，在的原线圈两端接入正弦交流电，输电线的总电阻为，降压变压器的原副线圈匝数之比为∶∶，若的用电设备两端的电压为且用电设备消耗的电功率为，不考虑其它因素的影响，则的副线圈两端电压的最大值为的原线圈两端的电压为输电线上损失的电功率为的原线圈输入的电功率为如图所示，图甲中为电动机，当滑动变阻器的触头从端滑到另端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示已知电流表读数在以下时，电动机没有发生转动不考虑电表对电路的影响，以下判断的是电路中电源电动势为变阻器向右滑动时，读数逐渐减小此电路中，电动机的最大输出功率减小变阻器的最大阻值为如图所示，电流表和是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中闭合开关，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是的读数之比为的读数之比为的指针偏转角度之比为的指针偏转角度之比为如图，电路中定值电阻阻值大于电内阻阻值。

将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表示数变化量的绝对值分别为，理想电流表示数变化量的绝对值为，则的示数减小大于与的比值等于电的输出功率定增大年，法国科学家阿拉果完成了著名的圆盘实验。

实验中将铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂枚可以自由旋转的磁针，如图所示。

实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着起转动起来，但略有滞后。

下列说法正确的是圆盘上产生了感应电动势圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化圆盘中的自由电子随圆盘起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动如图所示，平行金属导轨与水平面间的倾角为，导轨电阻不计，与阻值为的定值电阻相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感强度为有质量为长为的导体棒从位置获平行斜面的大小为的初速向上运动，最远到达的位置，滑行的距离为，导体棒的电阻也为，与导轨之间的动摩擦因数为则上滑过程中导体棒受到的最大安培力为上滑过程中电流做功发出的热量为上滑过程中安培力滑动摩擦力和重力对导体棒做的总功为上滑过程中导体棒损失的机械能为来源二实验，探究题分现有量程未准确确定的电压表，刻度盘总共有个小格且刻度均匀，已知其量程在之间，内阻。

为测定其准确量程，实验室提供了如下表所列的器材。

要求方法简捷，尽可能减少误差，并能测出多组数据。

同学设计了如下图所示的电路图，根据选择的电路图，将下列有关器材连成测量电路。

若实验室中没有提供电压表，而提供如下器材电流表，已知其量程为，内阻定值电阻。

另有同学设计了如图所示甲乙丙三种电路图，你认为应该选选点评本题要注意电阻定律的应用，明确电阻的大小与电阻率和厚度的关系，明确电阻微型化的依据考点变压器的构造和原理专题交流电专题分析由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况，则由电磁感应可得出产生的感应电流根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小解析解原线圈中磁场如乙图所示均匀变化，故副线圈中的磁通量均匀变化，故副线圈中产生恒定的电流，因线圈电阻不计，故线圈对恒定电流没有阻碍作用，所以电流表和的读数相同，而电容器通交隔直，所以电流表的读数为故，正确故选点评本题综合考查电磁感应及电容器电感器的工作原理，要求能记清电容电感在交流电路和直流电路的作用的不同点不难考点交流的峰值有效值以及它们的关系专题交流电专题分析根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据交流电周期之间的关系可以求得线圈的转速之间的关系和交流电的瞬时值表达式解析解由图可知，时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，所以由图象可知，故，所以正确，由图象可知，交流电的最大值为，角速度为，所以交流电的瞬时值为，所以正确交流电最大值，故，故，正确来源学科网本题选的，故选点评本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期，同时要掌握住交变电流的产生的过程由二力平衡可得重物重量大小等于两根弹簧力大小，即，结合闭合电路的欧姆定律可知在，联解两式可知项正确。

答案解析从图示位置转的过程中，磁通量变化，通过电阻的电量，选项正确矩形线圈绕垂直磁感线的对称轴以角速度匀速转动，产生的感应电动势最大值，感应电流有效值为，外力做功平均功率，选项正确从图示位置开始计时，则感应电动势随时间变化的规律为，选项。

二多项选择命题立意本题旨在考查电功电功率闭合电路的欧姆定律。

解析由电路图甲知，电压表测量路端电压，电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以最上面的图线表示的电压与电流的关系此图线的斜率大小等于电源的内阻，为当电流时则电源的电动势，故正确变阻器向右滑动时，阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压即为读数逐渐增大，故由图可知，电动机的电阻当时电动机输出功率最大，最大为，此电路中，变阻器向右滑动时，阻值变大，总电流减小电动机的最大输出功率减小变阻器向左滑动时，阻值变小，总电流增大电动机的最大输出功率增大，故当时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以，故正确本题选的，故选。

易错警示本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线对于电动机，理解并掌握功率的分配关系是关键。

答案命题立意本题旨在考查电表的改装解析电流表和是由两个相同的电流计改装而成，都是并联电阻，在图中两电流计也是并联的，所以正确它们的量程之比为，即总电阻之比为，所以并为联时读数之举反三当串联时读数之比偏转角度之比各是多少答案命题立意本题旨在考查闭合电路的欧姆定律。

解析据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以与变阻器串联，电压表分别测量路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则的示数增大，故根据闭合电路欧姆定律得，则得，据题，则，故大于故正确根据闭合电路欧姆定律得，则得，故正确当外电阻等于内电阻时，电的输出功率最大，滑片向下运动，滑动变阻器与并联后电阻不确定于内阻的关系，故无法确定输出功率的变化，故，故选。

易错警示理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析。

三实验，探究题如图乙为电流表的读数，为电压表的指针偏转格数四综合题解根据法拉第电磁感应定律，闭合线圈产生的感应电动势为因平行金属板与电阻并联，故两板间的电压为带电粒子在间做匀加速直线运动，有所以带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有④由几何关系可得联立④得粒子在电场中做匀加速直线运动，则有根据牛顿第二定律得粒子在磁场中，有粒子在第象限的无场区中，有由几何关系得粒子从点射出到到达轴的时间为联立以上各式可得答平行金属板获得的电压为粒子到达点时的速度大小是区域内匀强磁场的磁感应强度粒子从点射出到到达轴的时间为来源学科网答案解析解析解析由图象可知，在时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为，所以在此过程中的加速度由牛顿第二定律有解得由图象可知，线框进入磁场区域后以速度做匀速直线运动，通过线框的电流线框所受安培力安对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件有解得由图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度线框边离开磁场后做匀减速直线运动，到达档板时的位移为设线框与挡板碰撞前的速度为，由动能定理，有解得线框碰档板后速度大小仍为，线框下滑过程中，由于重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力大小相等，即，因此线框与挡板碰撞后向下做匀速运动，边刚进入磁场时的速度为进入磁场后因为又受到安培力作用而减速，做加速度逐渐变小的减速运动，设线框全部离开磁场区域时的速度为由得，因，说明线框在离开磁场前速度已经减为零，这时安培力消失，线框受力平衡，所以线框将静止在磁场中位置。

线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热线框向下运动进入磁场的过程中产生的焦耳热所以学年下期高三尖子生专题训练五物理试卷选择题分，其中为多选物理学中研究问题有多种方法，有关研究问题的方法叙述的是在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法伽利略斜面实验是将可靠的事实和抽象思维结合起来，能更深刻地反映自然规律探究加速度与力质量三个物理量之间的定量关系，可以在质量定的情况下，探究物体的加速度与力的关系再在物体受力定的情况下，探究物体的加速