1、规律即可得出结论解答解观察，发现，为自然数，故答案为三计算题每小题分，共分，考点整式的加减有理数的混合运算分析直接利用有理数加减运算法则求出答案首先利用乘方运算法则化简各数，进而求出答案首先去括号，进而合并同类项，进而得出答案解答解四解方程每小题分，共分考点解元次方程分析根据移项合并同类项系数化为，可得答案根据去分母去括号移项合并同类项系数化为，可得答案根据移项合并同类项系数化为，可得答案解答解移项，得，合并同类项，得，系数化为，得，去分母，得，合并同类项，得，系数化为，得，移项得，合并同类项，得，系数化为，得五解答题每小题分，共分先化简，再求值，其中，考点整式的加减化简求值分析原式去括。
2、理数的混合运算分析根据有理数的混合运算的运算方法，求出每个算式的值各是多少即可应用乘法分配律，求出算式的值是多少即可解答解，点评此题主要考查了有理数的混合运算，要熟练掌握，注意明确有理数混合运算顺序先算乘方，再算乘除，最后算加减同级运算，应按从左到右的顺序进行计算如果有括号，要先做括号内的运算分秋•邵武市校级期中化简考点整式的加减分析根据整式加减的法则即可求出答案解答解原式原式原式原式点评本题考查整式的加减，涉及去括号法则，属于基础题型化简求值，其中考点整式的加减化简求值分析根据去括号合并同类项，可化简整式，根据代数式求值，可得答案解答解原式，当时，原式点评本题考查了整式的化简求值，去括。
3、项式的次数可得此多项式为次，最高次项是，系数是数字因数，故为解答解多项式的次数是，最高次项是，系数是故选设是实数，则的值可以是负数不可能是负数必是正数可以是正数也可以是负数考点绝对值有理数的减法分析因为是实数，所以应根据或两种情况去掉绝对值符号，再进行计算解答解时时，故选下列各组式子中是同类项的是与与与与考点同类项分析根据同类项的定义是所含有的字母相同，并且相同字母的指数也相同的项叫同类项，所以只要判断所含有的字母是否相同，相同字母的指数是否相同即可解答解与所含字母相同，但相同字母的指数不同，故本选项与所含字母相同，但相同字母的指数不同本题考查列代数式，解题的关键是明确题意，利用数形结合。
4、苗未种如果每人种棵，则缺棵树苗求参与种树的人数和树苗的总数如图所示，在下面由火柴棒拼出的系列的图形中，第个图形由个正方形组成第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中，火柴棒的根数是参考答案与试题解析选择题每小题分，共分年月日，重庆四大景区共接待游客约人，这个数可用科学记数法表示为考点科学记数法表示较大的数分析科学记数法的表示形式为的形式，其中，为整数确定的值时，要看把原数变成时，小数点移动了多少位，的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值时，是正数当原数的绝对值时，是负数解答解，故选已知下列方程，④其中元次方程有个个个个考点元次方程的定义。
5、角为三个连续的偶数，右下角的数是左下角与右上角两个数的乘积减去左上角的数的差，根据此规律先求出阴影部分的两个数，再列式进行计算即可得解解答解根据排列规律，下面的数是，右面的数是故选二填空题每空分，共分万精确到百位考点近似数和有效数字分析根据近似数的精确度求解解答解万精确到百位故答案为百按的降幂排列多项式为考点多项式分析根据降幂的定义解答即可解答解按的降幂排列为故答案为若与的和是单项式，则考点合并同类项分析直接利用利用合并同类项法则得出，的值进而得出答案解答解与的和是单项式，故故答案为个多项式加上得，则这个多项式是考点整式的加减分析根据已知条件可设此多项式为建立等式解得即可解答解设这个多项。
6、合并同类项化简整式是解题关键如图所示，已知长方形的长为米，宽为米，半圆半径为米这个长方形的面积等于平方米用代数式表示阴影部分的面积考点列代数式分析根据长方形的长为米，宽为米，可以得到长方形的面积由图可知，阴影部分的面积等于长方形的面积减去半圆的面积解答解长方形的长为米，宽为米，长方形的面积是平方米故答案为由图可得即阴影部分的面积是平方米点评加上得，则这个多项式是若，则若，，则填或单项式的系数是若关于是元次方程，那么如果，那么观察，按此规律，猜想的结果是三计算题每小题分，共分，四解方程每小题分，共分五解答题每小题分，共分先化简，再求值，其中，已知求几个人共同种批树苗，如果每人种棵，则剩下棵。
7、合并得到最简结果，把与的值代入计算即可求出值解答解原式，当，时，原式已知求考点整式的加减分析将已知多项式代入，进而去括号，合并同类项，得出答案解答解几个人共同种批树苗，如果每人种棵，则剩下棵树苗未种如果每人种棵，则缺棵树苗求参与种树的人数和树苗的总数考点元次方程的应用分析由参与种树的人数为人，分别用每人种棵，则剩下棵树苗未种如果每人种棵，则缺棵树苗表示出树苗总棵树列方程即可解答解设参与种树的人数为人则这批树苗共答人参与种树，这批树苗有棵如图所示，在下面由火柴棒拼出的系列的图形中，第个图形由个正方形组成第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中，火柴棒的根数是第个图形中。
8、火柴棒的根数是考点规律型图形的变化类分析根据图形列出算式，求出即可根据图形列出算式，求出即可根据图形列出算式，求出即可根据图形列出算式，求出即可解答解第个图形中，火柴棒的根数是，故答案为第个图形中，火柴棒的根数是，故答案为第个图形中，火柴棒的根数是，故答案为第个图形中，火柴棒的根数是，故答案为元故答案为点评此题考查了列代数式，关键是读懂题意，找出题目中的数量关系，列出代数式若多项式的值为，则考点代数式求值分析由题意可知，等式的两边同时乘以得到，然后代入计算即可解答解的值为，原式故答案为点评本题主要考查的是求代数式的值，利用等式的性质求得是解题的关键下列说法中正确的有④填序号是绝对值最小的。
9、作需天完成，则可得方程考点由实际问题抽象出元次方程分析设两队合作只需天完成，分别表示出甲乙的工作效率，然后根据两队合作只需天完成任务，列方程即可解答解设两队合作只需天完成，由题意得即故选运用等式性质进行的变形，正确的是如果，那么如果，那么如果，那么如果，那么考点等式的性质分析利用等式的性质对每个等式进行变形即可找出答案解答解利用等式性质，两边都加，得到，所以不成立，故选项利用等式性质，两边都乘以，得到，所以成立，故选项正确成立的条件≠，故选项成立的条件≠，故选项故选填在下面各正方形中的四个数之间都有相同的规律，根据这种规律，的值应是考点规律型数字的变化类分析观察不难发现，左上角左下角右上。
10、为，则故答案为若，则考点非负数的性质偶次方非负数的性质绝对值分析根据非负数的性质进行计算即可解答解故答案为若，，则填或考点有理数大小比较科学记数法表示较大的数分析还原成原数，再比较即可解答解，，故答案为单项式的系数是考点单项式分析依据单项式的系数的定义解答即可解答解单项式的系数是故答案为若关于是元次方程，那么考点元次方程的定义分析根据元次方程的定义，可得答案解答解由关于是元次方程，得且≠解得故答案为如果，那么考点代数式求值分析应用代入法，把代入化简后的算式，求出它的值是多少即可解答解，故答案为观察，按此规律，猜想的结果是考点规律型数字的变化类分析根据给定等式的变化找出变化规律为自然数，依。
11、析若个整式方程经过化简变形后，只含有个未知数，并且未知数的次数都是，系数不为，则这个方程是元次方程解答解由题意得根据分析可得不是整式方程④不是方程含有两个未知数都不是元次方程，均符合元次方程的条件故选已知是关于的方程的解，则的值为考点元次方程的解分析将代入方程计算即可求出的值解答解将代入方程得，解得故选在代数式，中，单项式的个数是考点单项式分析数与字母的积的形式的代数式是单项式，单独的个数或个字母也是单项式解答解根据单项式的定义，式子有减法运算，式子分母中含字母，都不是单项式，另外四个都是单项式故选多项式的次数及最高次项的系数分别是，，，，考点多项式分析根据多项式中次数最高的项的次数叫做。
12、理数若，则两个四次多项式的和定是四次多项式④多项式合并同类项后不含项，则的值是考点等式的性质有理数绝对值整式的加减分析根据乘方的意义，整式的加减，可得答案解答解是绝对值最小的有理数，故若，则，故两个四次多项式的和定是不高于四次的多项式，故④多项式合并同类项后不含项，则的值是，故④正确故答案为④点评本题考查了整式的加减，整式的加减后不含有的项的系数是零三解答题共小题，满分分把下列各数分别填入相应的大括号内整数集合正分数集合非正数集合考点有理数分析根据有理数的分类，可得答案解答解整数集合正分数集合非正数集合，故答案为点评本题考查了有理数，利用有理数的分类是解题关键分秋•邵武市校级期中计算考点。
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